2018年九江市永修縣虬津片區中考一模物理試題（解析版 含答案）

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一、填空題（本題共10小題，每空1分，共20分．）

1．雷達在生活和軍事上都有著重要應用，其中汽車倒車雷達是利用傳遞信息的，飛機雷達是利用傳遞信息的．（選填“超聲波”或“電磁波”）

2．在探究“汽車的速度”的實驗中，甲、乙兩輛相同的汽車在同一水平地面上做直線運動的s﹣t圖象如圖所示．由圖可知，甲車的動能（選填“大于”、“小于”或“等于”）乙車的動能；經過相同的時間，甲、乙兩車牽引力做的功之比為．（空氣阻力忽略不計）

3．不斷彎折鐵絲，鐵絲的溫度升高，是通過的方法增大鐵絲內能的；把鐵絲放在火上烤，鐵絲的溫度升高，是通過 的方法增大鐵絲內能的．

4．串聯電路和并聯電路是電學中的兩種基本電路，通過你的觀察，學校里的路燈是聯的，教室里的吊扇調速器與吊扇之間是聯的．

5．如圖為電動機和發電機模型，其中圖（填“甲”或“乙”）是電動機模型；電動機工作時，能夠使線圈平穩、連續不停地轉動下去是靠實現的．

6．如圖所示，是小明正在使用測電筆辨別正常家庭電路中三孔插座的火線與零線，此時測電筆氖管（選填“發光”或“不發光”）；為了防止漏電，避免對人體造成傷害，C孔應接線．

7．如圖所示，電源電壓不變，先閉合開關S，待電路穩定后再閉合開關S1，電流表A的示數，電壓表V示數與電流表A1示數的乘積．（選填“變大”、“變小”或“不變”）

8．通電螺線管上方放一個小磁針，小磁針靜止時的方向如圖所示，通電螺線管c端為極（填“N”或“S”），電源a端為極（填“正”或“負）．

9．小龍背著質量為25kg的實驗器材從實驗樓的一樓上到三樓，又沿走廊水平走了5m到實驗室．每層樓高3m，小龍對實驗器材做功J．若在搬運實驗器材的整個過程中小龍總共做功4500J，則小龍自身的體重是N．（g=10N/kg）

10．圖中電源電壓保持不變，燈泡標有“6V，3W字樣，當開關s閉合時．燈泡L正常發光，電流表的示數為0.8A，則電阻R=Ω．．通電10s，R產生的熱量為J．

二、選擇題（共20分，把你認為正確的答案序號填寫在題后的括號內．第11-14小題，每小題只有一個正確答案，每小題3分；第15、16小題為不定項選擇，每小題有一個或幾個正確答案，每小題3分，全部選對得4分，選擇正確但不全得1分，不選、多選或錯選得0分）

11．如圖所示的用電器中，利用電流熱效應工作的是（）

A．計算器????????????? B．電風扇????????????? C．電暖氣????????????? D．

電視機

12．如圖所示，利用輕質滑輪組勻速拉動水平地面上重為G的物體，若拉力的大小為F，物體和地面之間的摩擦力大小為f，A點的拉力為FA，則下列滑輪組的機械效率表達式正確的是（）

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

13．在圖的電路中，電源電壓保持不變，R為定值電阻．閉合開關S后，將滑動變阻器的滑片P從最右端移到中間某個位置，電壓表和電流表的示數分別變化了△U和△I．下列分析正確的是（）

A．變大????????????? B．變小

C．不變????????????? D．先變小后變大

14．擲實心球是某市的中考體育加試項目之一．擲出去的實心球從a處出手后，在空中運動的軌跡如圖所示，球最終停在水平地面e點處（不計空氣阻力）．則實心球（）

A．在a處重力勢能最小????????????? B．在b處動能為零

C．在a、b、c三處的機械能相等????????????? D．在d處動能為零

15．下列關于熱現象的一些說法，你認為正確的是（）

A．溫度高的物體比溫度低的物體含有的熱量多

B．冰水混合物吸收熱量時，溫度升高，內能增加

C．高壓鍋是利用了水的沸點隨氣壓的增大而升高的原理

D．海邊比沙漠晝夜溫度變化小，這與水比沙石比熱容大有關

16．如圖所示電路中的a、b、c為三只電表（電壓表或電流表），閉合開關S，標有“3V 3W”的燈泡L1正常發光，標有“6V 3W”的燈泡L2雖能發光但較暗，若不考慮溫度對燈絲電阻的影響，下列說法正確的是（）

A．電表a為電流表，且示數為1.5A

B．電表b為電壓表，且示數為3V

C．電表c為電壓表，且示數為3V

D．燈泡L2的實際功率為0.75W

三、簡答與計算題（共20分，第17小題4分，第18、19小題各5分，第20小題6分）

17．使用試電筆時，人體通過試電筆與火線相連，為什么沒有觸電事故發生呢？閱讀如圖資料請你在小組合作交流時給有疑惑的同學講解其中的道理．

18．煤、石油、天然氣的過量開采使人類面臨能源危機．某縣在冬季利用地熱能為用戶取暖．縣內有一口自噴狀態地熱井，出水溫度為90℃，出水流量為150m3/h．

（1）求每小時流出的地熱水溫度降低到50℃，所放出的熱量．

（2）這些熱量如果用天燃氣蒸汽鍋爐供熱，且天燃氣蒸汽鍋爐的熱效率為90%，則利用上述地熱能供暖一小時可以節約多少天燃氣？（ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/（kg?℃），天燃氣的熱值為4×107J/m3）

19．某家用轎車，重為1.5×104N，當車以72km/h的速度勻速直線行駛了0.5h，消耗汽油3kg，期間受到的阻力為車重的0.08倍．已知汽車的熱值為4.6×107J/kg．在此過程中，求：

（1）車通過的路程；

（2）牽引力做功的功率；

（3）汽車發動機的效率．

20．如圖所示，電源電壓不變，L是標有“12V，6W”的小燈泡，且其電阻不隨溫度變化，R1=16Ω，滑動變阻器R2的最大電阻值為24Ω，只閉合S，S2時燈L恰能正常發光．

求：

（1）電源電壓．

（2）同時閉合開關S、S1、S2且滑片P位于最下端B時，電流表的示數．

（3）當閉合開關S時，電路的最小總功率和此時電壓表的示數．

四、實驗與探究題（共40分，每小題7分）

21．在“伏安法測電阻”的實驗中，小明同學連接了如圖甲所示的電路（電路元件完好，接線柱接線牢固）．

（1）在未檢查電路連接是否正確的情況下，閉合開關，調節滑動變阻器滑片，電流表的示數將，電壓表的示數將．（選填“發生變化”或“保持不變”）

（2）檢查電路，發現有一處連接錯誤，請指出連接錯誤的導線是（選填“a”“b”“c”或“d”）．

（3）糾正錯誤后，閉合開關，測得幾組數據如下表．

第3次實驗時電流表示數如圖乙所示，電流表的示數為A．第2次實驗后，算出的電阻值是Ω，第3次實驗后，算出的電阻值是Ω，待測電阻值為Ω．

22．在“探究影響滑輪組機械效率的因素”的實驗中，小明用同一滑輪組進行了三次實驗，實驗數據如表：

（1）根據表格中的數據，在圖甲種畫出滑輪組的繞繩方法．

（2）實驗中，沿豎直方向勻速拉動彈簧測力計，使物體緩緩上升，在測量繩端所受的拉力時，彈簧測力計應（選填“保持靜止”或“勻速上升”）

（3）第三次試驗時，測力計示數如圖乙所示，此時繩端受到的拉力為N，滑輪組的機械效率為%

（4）根據表格中的數據分析可知：

①隨著物重的增大，額外功（選填“變小”、“不變”或“變大”），原因是

②要提高同一滑輪組機械效率，可以采取的措施．

23．如圖甲所示的電路圖，研究通過導體的電流與電阻的關系，電源電壓恒為3V，電流表量程是0～0.6A，R是分度值為0.1的電阻箱，R′是規格為“20Ω 2A”的滑動變阻器．????????????

（1）按甲圖連接好電路后，閉合開關S之前，應將滑動變阻器R′的滑片滑到端（選填“a”或“b”）．開始實驗時，發現電流表和電壓表都有示數，無論怎樣調節滑動變阻器的滑片，電壓表和電流表示數均不變，請你分析電路發生的故障可能是．（回答一種即可）

（2）排除故障之后，改變電阻箱的阻值，再調節滑動變阻器的滑片，使電壓表示數保持不變，記下電阻箱的阻值與對應的電流表示數描在乙圖中，根據所描點對應的數據可知，電壓表示數為V．該同學在操作中將電阻箱的阻值有1Ω調為丙圖的示數，此時電阻箱的讀數為Ω．為了保持上述電壓表的示數不變，應該將滑動變阻器的滑片向端（選填“a”或“b”）滑動到適當的位置．此時滑動變阻器接入電路中的阻值應為Ω．

（3）同學們在交流討論中提出，既要保證上述電壓表示數不變，又要使通過電流表的電流不超過其量程，那么電阻箱的阻值最小只能調為Ω．

24．某同學在體育活動中，從鉛球下落陷入沙坑的深度情況猜想到：物體的重力勢能可能與物體的質量、下落高度和運動路徑有關．于是設計了如圖所示的實驗：用大小、形狀相同的A、B、C、D四個鉛球，其中A、C、D三球的質量為m，B球質量為2m，讓A、B兩球從距沙表面高H靜止下落，C球從距沙表面高2H靜止下落，D球從距沙表面高2H的光滑彎曲管道上端靜止滑入，最后從管道下端豎直地落下（球在光滑管道中運動的能量損失不計）．實驗測得A、B兩球陷入沙深度分別為h1和h2，C、D兩球陷入沙深度均為h3，且h1＜h2＜h3．

（1）本實驗中，鉛球的重力勢能大小是通過來反映的．

（2）比較A、B兩球，發現B球陷入沙深度更大，由此可得出結論：當下落高度一定時，．

（3）比較兩球，發現C球陷入沙中深度更大，由此可得出結論：當物體質量相同時，下落的高度越高，物體的重力勢能越大．

（4）比較C、D兩球，發現兩球運動的路徑不同，但陷入沙深度相同，由此可得出結論：物體的重力勢能與物體運動的路徑（選填：“有關”或“無關”）．

（5）小球在下列過程陷入沙面前，將重力勢能轉化為能，陷入沙中后到小球靜止過程中，將機械能轉化為能．

25．同學們在“探究小燈泡的亮度與功率的關系”實驗中，所用電源電壓為6V，燈泡的額定電壓U0=3.8V，額定功率在1﹣1.5W的范圍內．

（1）按圖甲所示的電路圖，請你用筆畫線代替導線將圖乙的電路補充完整．

（2）小杜同學在實驗過程中，將滑動變阻器的滑片P緩慢向B端移動，小燈泡的實際功率將（選填“變大”、“變小”或“不變”）；同時觀察到小燈泡的亮度將變（選填“亮”或“暗”）．

（3）另一組的小張同學在實驗過程中發現電流表、電壓表示數如圖丙所示，此時電流表的示數是A，電壓表的示數是V，經分析造成這種現象的原因是．

（4）小張同學重新調整電路連接后，繼續探究小燈泡在額定功率時的亮度，但發現無法準確讀出額定電壓，他用第（3）小問中所測得數據先算出燈泡的電阻RL，再根據P0=計算燈泡的額定功率．按此方案算出燈的額定功率比真實值偏（選填“大”或“小”），原因是．

2018年九江市永修縣虬津片區中考一模物理試題參考答案與試題解析

一、填空題（本題共10小題，每空1分，共20分．）

1．雷達在生活和軍事上都有著重要應用，其中汽車倒車雷達是利用　超聲波　傳遞信息的，飛機雷達是利用　電磁波　傳遞信息的．（選填“超聲波”或“電磁波”）

【考點】回聲測距離的應用；電磁波的傳播．

【分析】（1）雷達利用電磁波進行追蹤與定位的；

（2）回聲定位是根據回聲到來的時間和方位，確定目標的位置和距離，即利用聲音獲得信息．

【解答】解：倒車雷達是利用超聲波來工作的．雷達是利用電磁波來發現軍事目標的；

故答案為：超聲波；電磁波．

2．在探究“汽車的速度”的實驗中，甲、乙兩輛相同的汽車在同一水平地面上做直線運動的s﹣t圖象如圖所示．由圖可知，甲車的動能　小于?。ㄟx填“大于”、“小于”或“等于”）乙車的動能；經過相同的時間，甲、乙兩車牽引力做的功之比為　1：4?。諝庾枇雎圆挥嫞?/p>

【考點】動能大小的比較；功的計算．

【分析】（1）物體的動能與質量和速度成正比．已知兩輛汽車完全相同，所以動能大小決定于速度；

（2）相同的汽車，對地面的壓力相同，相同的路面，所以摩擦力相同．汽車勻速直線運動時，牽引力與摩擦力是一對平衡力．已知運動時間相同，根據速度得到通過的路程，利用公式W=Fs比較牽引力做功多少．

【解答】解：

（1）由圖象知，甲的速度為v甲===m/s，乙的速度為v乙===；

已知兩車完全相同，所以質量相同；因為甲的速度較小，所以甲的動能較?。?/p>

（2）在勻速直線行駛過程中，F甲=F乙=f，

因為W=Fs，v=，

所以，相同時間牽引力做的功之比為====．

故答案為：小于；1：4．

3．不斷彎折鐵絲，鐵絲的溫度升高，是通過　做功　的方法增大鐵絲內能的；把鐵絲放在火上烤，鐵絲的溫度升高，是通過　熱傳遞　 的方法增大鐵絲內能的．

【考點】做功改變物體內能；熱傳遞改變物體內能．

【分析】（1）改變物體內能有兩種方式：做功和熱傳遞．做功主要有摩擦生熱和壓縮氣體做功，熱傳遞有傳導、對流和輻射三種方式．

（2）熱傳遞的實質是能量的轉移，做功是能量的轉化．

【解答】解：改變物體內能有兩種方式：做功和熱傳遞．

拿一段鐵絲反復彎折多次，感到彎折處也燙手是通過做功改變物體內能的，對物體做功，物體內能增加，溫度升高，把鐵絲放在火上烤，鐵絲的溫度升高，是通過熱傳遞的方式增大鐵絲內能的．

故答案為：做功；熱傳遞．

4．串聯電路和并聯電路是電學中的兩種基本電路，通過你的觀察，學校里的路燈是　并　聯的，教室里的吊扇調速器與吊扇之間是　串　聯的．

【考點】串聯電路和并聯電路的辨別．

【分析】在串聯電路中電流只有一條路徑，各用電器之間相互影響；在并聯電路中電流有多條流通路徑，各個用電器之間獨立工作，互不影響．

【解答】解：學校里的路燈，當其中一只損壞，其他路燈仍然發光，說明各盞路燈工作時是獨立工作、互不影響的，因此它們的連接方式是并聯．

吊扇調速器在電路中相當于滑動變阻器，要調速器能控制吊扇，必須讓調速器和吊扇串聯．

故答案為：并；串．

5．如圖為電動機和發電機模型，其中圖　甲?。ㄌ睢凹住被颉耙摇保┦请妱訖C模型；電動機工作時，能夠使線圈平穩、連續不停地轉動下去是靠　換向器　實現的．

【考點】直流電動機的構造和工作過程．

【分析】電動機的工作原理是通電線圈在磁場中受力轉動或通電導體在磁場中受力，換向器的作用是當線圈剛轉過平衡位置時改變電流方向．

【解答】解：裝置中有電源的是電動機，沒有電源的是發電機，圖甲所示有電源是電動機的模型，乙圖中沒有電源是發電機的模型；

電動機如果沒有換向器，當線圈剛轉過平衡位置時，受力方向與轉動方向相反，所以不能持續的轉動下去，有了換向器，當線圈剛轉過平衡位置時，改變了線圈中的電流方向，使線圈的受方向也發生改變，此時受力方向與轉動方向又一致了，故可以讓線圈持續轉動下去．

故答案為：甲；換向器．

6．如圖所示，是小明正在使用測電筆辨別正常家庭電路中三孔插座的火線與零線，此時測電筆氖管　不發光?。ㄟx填“發光”或“不發光”）；為了防止漏電，避免對人體造成傷害，C孔應接　地　線．

【考點】測電筆的使用；觸電危害及常見的觸電類型與預防．

【分析】（1）用測電筆來鑒別火線與零線．使用測電筆時，筆尖接觸要檢測的導線，手接觸筆尾金屬體，才能在接觸火線時氖管發光，接觸零線時氖管不發光．

（2）三孔插座接法：右孔接火線、左孔接零線、上孔接地線．

【解答】解：（1）測電筆使用時必須接觸筆尾金屬體，否則不工作．

（2）家庭插座遵循左零右火上地的接線原則，所以C孔接地線，為了防止外殼漏電；

故答案為：不發光；地．

7．如圖所示，電源電壓不變，先閉合開關S，待電路穩定后再閉合開關S1，電流表A的示數　變大　，電壓表V示數與電流表A1示數的乘積　不變?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”）

【考點】電路的動態分析．

【分析】由電路圖可知，閉合開關S時，電路為R2的簡單電路，電壓表測電源的電壓，兩電流表均測電路中的電流；再閉合開關S1后，R1與R2并聯，電流表A1測R2支路的電流，電流表A測干路電流，電壓表測電源的電壓；根據電源的電壓可知電壓表示數的變化，根據并聯電路中各支路獨立工作、互不影響可知通過R2電流的變化，然后判斷電壓表V示數與電流表A1示數的乘積變化，根據并聯電路的電流特點可知電流表A示數的變化．

【解答】解：由電路圖可知，閉合開關S時，電路為R2的簡單電路，電壓表測電源的電壓，兩電流表均測電路中的電流；

再閉合開關S1后，R1與R2并聯，電流表A1測R2支路的電流，電流表A測干路電流，電壓表測電源的電壓；

因電源電壓不變，

所以，電壓表V的示數不變，

因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，

所以，通過R2的電流不變，即電流表A1的示數不變，

則電壓表V示數與電流表A1示數的乘積不變；

因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，

所以，電流表A的示數變大．

故答案為：變大；不變．

8．通電螺線管上方放一個小磁針，小磁針靜止時的方向如圖所示，通電螺線管c端為　N　極（填“N”或“S”），電源a端為　負　極（填“正”或“負）．

【考點】通電螺線管的極性和電流方向的判斷．

【分析】已知小磁針的磁極，根據磁極間的相互作用，可判斷出通電螺線管的磁極，再由右手螺旋定則來得出電源的正負極．

【解答】解：由圖知：小磁針的磁極為：左S、右N，那么根據磁極間的相互作用，可知螺線管的磁極為：c端為N、d端為S；則電源的a端為負極，b端為正極

由右手螺旋定則可作圖如下：

故答案為：N；負．

9．小龍背著質量為25kg的實驗器材從實驗樓的一樓上到三樓，又沿走廊水平走了5m到實驗室．每層樓高3m，小龍對實驗器材做功　1500　J．若在搬運實驗器材的整個過程中小龍總共做功4500J，則小龍自身的體重是　500　N．（g=10N/kg）

【考點】功的計算．

【分析】功包含兩個必要因素：作用在物體上的力和力的方向上通過的距離；功的大小等于力乘以距離，即W=Fs．根據功的公式變形可求重力．

【解答】解：（1）從實驗樓的一樓上到三樓，通過的高度為：h=3m×2=6m；

實驗器材的重力為：G=mg=25kg×10N/kg=250N；

克服重力做功為：W=Gh=250N×6m=1500J；

水平運動過程中，由于力的方向豎直向上，距離的方向是水平，故沿走廊水平走了5m到實驗室的過程中，小龍沒有做功．

故整個過程中小龍對實驗器材做功為1500J；

（2）小龍克服自身重力做功為：W身=W總﹣W=4500J﹣1500J=3000J；

則小龍自身重力為：G===500N；

故答案為：1500；500．

10．圖中電源電壓保持不變，燈泡標有“6V，3W字樣，當開關s閉合時．燈泡L正常發光，電流表的示數為0.8A，則電阻R=　20　Ω．．通電10s，R產生的熱量為　18　J．

【考點】歐姆定律的應用；焦耳定律的計算公式及其應用．

【分析】由電路圖可知，燈泡L與電阻R并聯，電流表測干路電流，根據額定電壓下燈泡正常發光和并聯電路的電壓特點可知電源的電壓，根據P=UI求出通過燈泡的電流，根據并聯電路的電流特點求出通過R的電流，利用歐姆定律求出R的阻值，根據Q=I2Rt求出通電10sR產生的熱量．

【解答】解：由電路圖可知，燈泡L與電阻R并聯，電流表測干路電流，

因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，且額定電壓下燈泡正常發光，

所以，電源的電壓U=6V，

由P=UI可得，通過燈泡的電流：

IL===0.5A，

因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，

所以，通過R的電流：

IR=I﹣IL=0.8A﹣0.5A=0.3A，

由I=可得，R的阻值：

R===20Ω，

通電10s，R產生的熱量：

QR=IR2Rt=（0.3A）2×20Ω×10s=18J．

故答案為：20；18．

二、選擇題（共20分，把你認為正確的答案序號填寫在題后的括號內．第11-14小題，每小題只有一個正確答案，每小題3分；第15、16小題為不定項選擇，每小題有一個或幾個正確答案，每小題3分，全部選對得4分，選擇正確但不全得1分，不選、多選或錯選得0分）

11．如圖所示的用電器中，利用電流熱效應工作的是（）

A．

計算器????????????? B．

電風扇????????????? C．

電暖氣????????????? D．

電視機

【考點】電流的熱效應、化學效應和磁效應．

【分析】當電流通過電阻時，電流作功而消耗電能，產生了熱量，這種現象叫做電流的熱效應．

【解答】解：

A、計算器工作時主要把電能轉化為光能與聲能，不是利用電流熱效應工作的，故A不合題意；

B、電風扇主要是把電能轉化為機械能，不是利用了電流的磁效應，故B不合題意；

C、電暖氣將電能轉化為內能，利用了電流的熱效應，故C符合題意；

D、電視機工作時注意把電能轉化為光能與聲能，不是利用電流熱效應工作的，故D不合題意．

故選C．

12．如圖所示，利用輕質滑輪組勻速拉動水平地面上重為G的物體，若拉力的大小為F，物體和地面之間的摩擦力大小為f，A點的拉力為FA，則下列滑輪組的機械效率表達式正確的是（）

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

【考點】滑輪（組）的機械效率．

【分析】①物體在水平地面上做勻速運動，則此時A處繩子的拉力與物體與地面之間的摩擦力是一對平衡力，

②本題中使用滑輪組水平拉動物體，拉力F所做的功為總功，克服物體摩擦力所做的功為有用功，從圖可知，由2段繩子與動滑輪相連，則S=2s物，可利用公式η=計算出滑輪組的機械效率．

【解答】解：從圖可知，由2段繩子與動滑輪相連，則S=2s物，

η====

物體在水平地面上做勻速運動，則此時A處繩子的拉力與物體與地面之間的摩擦力是一對平衡力，

物體和地面之間摩擦力為f，A處的拉力不僅包括摩擦力f，還有空氣阻力，大小為FA＞f．

則η==．

故選C．

13．在圖的電路中，電源電壓保持不變，R為定值電阻．閉合開關S后，將滑動變阻器的滑片P從最右端移到中間某個位置，電壓表和電流表的示數分別變化了△U和△I．下列分析正確的是（）

A．變大????????????? B．變小

C．不變????????????? D．先變小后變大

【考點】歐姆定律的應用．

【分析】由電路圖可知，定值電阻R與滑動變阻器串聯，電壓表測R兩端的電壓，電流表測電路中的電流，設出滑片移動前后電路中的電流，根據歐姆定律表示出電壓表示數的變化，然后得出答案．

【解答】解：由電路圖可知，定值電阻R與滑動變阻器串聯，電壓表測R兩端的電壓，電流表測電路中的電流，

設滑片移動前后電路中的電流分別為I1、I2，則△I=I2﹣I1，

由I=可得，電壓表的示數分別為：

U1=I1R，U2=I2R，

電壓表示數的變化量：

△U=U2﹣U1=I2R﹣I1R=（I2﹣I1）R=△IR，

即=R，

所以，不變．

故選C．

14．擲實心球是某市的中考體育加試項目之一．擲出去的實心球從a處出手后，在空中運動的軌跡如圖所示，球最終停在水平地面e點處（不計空氣阻力）．則實心球（）

A．在a處重力勢能最小????????????? B．在b處動能為零

C．在a、b、c三處的機械能相等????????????? D．在d處動能為零

【考點】動能和勢能的轉化與守恒．

【分析】（1）動能的大小與物體的質量以及速度有關，質量越大、速度越大，動能越大；

（2）重力勢能的大小和物體的質量以及物體所處的高度有關，質量越大、高度越高，重力勢能越大；

（3）不計空氣阻力和摩擦力，即說明機械能是守恒的．

【解答】解：

A、重力勢能的大小與物體的質量，高度有關，據圖可知，d、e兩點高度最小，重力勢能最小，故A錯誤；

B、據圖可知，球再b點時，豎直方向是靜止的，但在水平方向上仍有速度，所以此時的動能不是零，故B錯誤；

C、不計空氣阻力，即說明球在空中的機械能是守恒的，在a、b、c三處的機械能相等，故C正確；

D、據圖可知，球達到d點后沒有靜止，仍然向前滾動，所以動能不是零，故D錯誤；

故選C．

15．下列關于熱現象的一些說法，你認為正確的是（）

A．溫度高的物體比溫度低的物體含有的熱量多

B．冰水混合物吸收熱量時，溫度升高，內能增加

C．高壓鍋是利用了水的沸點隨氣壓的增大而升高的原理

D．海邊比沙漠晝夜溫度變化小，這與水比沙石比熱容大有關

【考點】比熱容解釋簡單的自然現象；沸點及沸點與氣壓的關系；熱量的概念；溫度、熱量與內能的關系．

【分析】根據對溫度、熱量和內能的關系，液體沸點與氣壓的關系，水的比熱容大的理解，對選項中的描述逐一做出判斷．

【解答】解：

A、熱量是一個過程量，不能用“含有”、“具有”等來修飾，故A錯誤；

B、冰水混合物吸收熱量，處于熔化過程，溫度不變，內能變大，故B錯誤；

C、高壓鍋是利用了水的沸點隨氣壓的增大而升高的原理制成的，故C正確；

D、由于水的比熱容較大，和質量相同的其它物質相比，吸收相同的熱量，水的溫度變化小，故D正確．

故選CD．

16．如圖所示電路中的a、b、c為三只電表（電壓表或電流表），閉合開關S，標有“3V 3W”的燈泡L1正常發光，標有“6V 3W”的燈泡L2雖能發光但較暗，若不考慮溫度對燈絲電阻的影響，下列說法正確的是（）

A．電表a為電流表，且示數為1.5A

B．電表b為電壓表，且示數為3V

C．電表c為電壓表，且示數為3V

D．燈泡L2的實際功率為0.75W

【考點】歐姆定律的應用；實際功率．

【分析】知道燈泡兩端的實際電壓等于額定電壓時能正常發光，小于額定電壓時燈泡能發光但較暗；所以先根據燈泡的工作情況判斷出燈泡的連接方式，再結合電流表相當于導線、電壓表相當于開路確定電表的性質，最后根據串并聯電路的特點逐個解答．

【解答】解：根據P=UI可知：燈泡L1正常發光的電流為I1額===1A，燈泡L2正常發光的電流為I2額===0.5A；

由P=得：燈泡L2的電阻R2===12Ω；

則通過燈泡L1的電流為I1=1A，標有“6V 3W”的燈泡L2雖能發光但較暗，則通過燈泡L2的電流小于I2=0.5A，

由此可知：通過L1、L2的電流不相等，所以L1、L2并聯；

則a一定是電流表；b是相當于導線的電流表，測量通過燈泡L2的電流；故B錯誤；

c是相當于開路的電壓表，測量并聯電路兩端的電壓，也是測量電源電壓；

由于標有“3V 3W”的燈泡L1正常發光，根據并聯電路各支路兩端的電壓相等，所以c電壓表示數為U=U1額=3V；故C正確；

則I2===0.25A，

則干路電流I=I1+I2=1AA+0.25A=1.25A，故A錯誤；

燈泡L2的實際功率P2=UI2=3V×0.25A=0.75W，故D正確．

故選CD．

三、簡答與計算題（共20分，第17小題4分，第18、19小題各5分，第20小題6分）

17．使用試電筆時，人體通過試電筆與火線相連，為什么沒有觸電事故發生呢？閱讀如圖資料請你在小組合作交流時給有疑惑的同學講解其中的道理．

【考點】觸電危害及常見的觸電類型與預防．

【分析】據題目中測電筆的構造，結合歐姆定律分析即可判斷；

【解答】答：由于測電筆內部有一個一百萬歐的電阻，所以當人用測電筆和接觸火線時，相當于一個一百萬歐的電阻和人體串聯，據歐姆定律可知，此時的總電壓是220V，總電阻非常大，所以此時通過人體的電流很小，不至于讓人觸電．

18．煤、石油、天然氣的過量開采使人類面臨能源危機．某縣在冬季利用地熱能為用戶取暖．縣內有一口自噴狀態地熱井，出水溫度為90℃，出水流量為150m3/h．

（1）求每小時流出的地熱水溫度降低到50℃，所放出的熱量．

（2）這些熱量如果用天燃氣蒸汽鍋爐供熱，且天燃氣蒸汽鍋爐的熱效率為90%，則利用上述地熱能供暖一小時可以節約多少天燃氣？（ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/（kg?℃），天燃氣的熱值為4×107J/m3）

【考點】熱量的計算；能量利用效率；燃料的熱值．

【分析】（1）已知水的體積，由密度公式的變形公式可以求出水的質量；已知水的初、末溫度和水的比熱容，由放熱公式可以求出水所釋放的熱量．

（2）已知效率先求出天然氣需要放出的熱量，由Q=Vq的變形公式可以求出天然氣的體積．

【解答】解：

（1）已知出水流量為150m3/h，

由ρ=可得，每小時流出水的質量：

m=ρV=1.0×103kg/m3×150m3=1.5×105kg，

水放出的熱量：

Q水放=cm△t=4.2×l03J/（kg?℃）×1.5×105kg×（90℃﹣50℃）=2.52×1010J．

（2）這些熱量如果用天然氣蒸汽鍋爐供熱，則Q有用=Q水放=2.52×1010J，

由η=可得，天然氣需要放出的熱量：

Q放===2.8×1010J，

由Q放=Vq可得，需要天然氣的體積：

V===700m3．

答：（1）每小時流出的地熱水溫度降低到50℃，所放出的熱量為2.52×1010J．

（2）利用上述地熱能供暖一小時可以節約700m3的天然氣．

19．某家用轎車，重為1.5×104N，當車以72km/h的速度勻速直線行駛了0.5h，消耗汽油3kg，期間受到的阻力為車重的0.08倍．已知汽車的熱值為4.6×107J/kg．在此過程中，求：

（1）車通過的路程；

（2）牽引力做功的功率；

（3）汽車發動機的效率．

【考點】速度公式及其應用；功率的計算；熱機的效率．

【分析】（1）已知速度和時間，利用v=計算車通過的路程；

（2）利用阻力和重力的關系求出阻力，然后根據二力平衡可得牽引力，已知牽引力和行駛距離，可以得到牽引力做的功；再利用P=可求牽引力做功的功率；

（3）已知汽油熱值和質量，可以得到完全燃燒放出的熱量；已知汽車牽引力做的功和汽油放出的熱量，兩者之比就是發動機的效率．

【解答】解：（1）根據v=可得，車通過的路程：

s=vt=72km/h×0.5h=36km；

（2）阻力f=0.08G=0.08×1.5×104N=1200N，

轎車勻速直線行駛，則牽引力F=f=1200N，

牽引力做的功為：

W=Fs=1200N×3.6×104m=4.32×107J；

牽引力做功的功率：

P===2.4×104W；

（3）汽油燃燒產生的熱量為Q=m汽油q汽油=3kg×4.6×107J/kg=1.38×108J，

汽車發動機的效率為η=×100%=×100%≈31%．

答：（1）車通過的路程為36km；

（2）牽引力做功的功率為2.4×104W；

（3）汽車發動機的效率為31%．

20．如圖所示，電源電壓不變，L是標有“12V，6W”的小燈泡，且其電阻不隨溫度變化，R1=16Ω，滑動變阻器R2的最大電阻值為24Ω，只閉合S，S2時燈L恰能正常發光．

求：

（1）電源電壓．

（2）同時閉合開關S、S1、S2且滑片P位于最下端B時，電流表的示數．

（3）當閉合開關S時，電路的最小總功率和此時電壓表的示數．

【考點】歐姆定律的應用．

【分析】（1）只閉合S，S2時，電路為燈泡的基本電路，根據燈泡正常發光和燈泡的額定電壓可知電源電壓；

（2）同時閉合開關S、S1、S2且滑片P位于最下端B時，燈L、R1、滑動變阻器并聯，并且滑動變阻器的全部阻值接入電路，電流表測得是R1與滑動變阻器兩條支路的電流之和；

先根據并聯電路電阻規律求出總電阻，然后根據歐姆定律求出干路電流，即電流表的示數；

（3）當閉合開關S時，R1、滑動變阻器以及燈泡串聯，當滑動變阻器接入電路的阻值最大時，電路中的電流最小，由P=UI可求出電路消耗的最小功率；

根據P=的變形公式求出燈絲的阻值，然后根據U=IR求出電壓表的示數．

【解答】解：（1）只閉合S，S2時，電路為燈泡的基本電路；由于燈泡正常發光，所以電源電壓等于燈泡的額定電壓，即12V；

（2）同時閉合開關S、S1、S2且滑片P位于最下端B時，燈L、R1、滑動變阻器并聯，并且滑動變阻器的全部阻值接入電路，電流表測得是R1與滑動變阻器兩條支路的電流之和；

電路的總電阻：R總===9.6Ω；

電流表的示數：I===1.25A；

（3）當閉合開關S時，R1、滑動變阻器以及燈泡串聯；

由P=可知，燈絲的阻值：RL===24Ω；

電路中最小電流：I最小===0.1875A；

電路的最小總功率：P=UI最小=12V×0.1875A=2.25W；

由歐姆定律可知，電壓表的示數：U′=I最小RL=0.1875A×24Ω=4.5V．

答：（1）電源電壓為12V．

（2）同時閉合開關S，S1，S2且滑片P位于最下端B時，電流表的示數為1.25A．

（3）當閉合開關S時，電路的最小總功率和此時電壓表的示數分別為2.25W和4.5V．

四、實驗與探究題（共40分，每小題7分）

21．在“伏安法測電阻”的實驗中，小明同學連接了如圖甲所示的電路（電路元件完好，接線柱接線牢固）．

（1）在未檢查電路連接是否正確的情況下，閉合開關，調節滑動變阻器滑片，電流表的示數將　發生變化　，電壓表的示數將　保持不變?。ㄟx填“發生變化”或“保持不變”）

（2）檢查電路，發現有一處連接錯誤，請指出連接錯誤的導線是　d?。ㄟx填“a”“b”“c”或“d”）．

（3）糾正錯誤后，閉合開關，測得幾組數據如下表．

第3次實驗時電流表示數如圖乙所示，電流表的示數為　0.18　A．第2次實驗后，算出的電阻值是　15.0　Ω，第3次實驗后，算出的電阻值是　15.6　Ω，待測電阻值為　15.2　Ω．

【考點】伏安法測電阻的探究實驗；歐姆定律的應用．

【分析】（1）分析電路的連接，根據歐姆定律解答；

（2）在分析電路的基礎上，指出錯誤；

（3）認清電流表小量程的分度值讀數；根據歐姆定律求出對應的電阻大小，多次測量取平均值可減小誤差，三次測量的平均值作為最后測量結果；

【解答】解：（1）滑動變阻器滑片以右電阻絲串聯連入電路，電壓表負接線柱通過變阻的金屬桿、電流表連接到電源的負極，正接線柱通過開關連接到電源正極，故電壓表測電源電壓．調節滑動變阻器滑片，變阻器連入電路中的電阻變化，總電阻發生變化，根據歐姆定律，電流表的示數將發生變化，電壓表的示數將保持不變．（2）由上面的分析，原電路圖中電壓表測電源電壓，而應測量定值電阻的電壓，出連接錯誤的導線是“d”；

（3）第3次實驗時電流表示數如圖乙所示，電流表小量程的分度值為0.02A，示數為0.18A；

第2次算出的電阻R2===15.0Ω；

第3次實驗，算出的電阻值R3=≈15.6Ω，待測電阻值為=15.2Ω；

故答案為：

（1）發生變化；保持不變；??

（2）d；

（3）0.18；15.0；15.6； 15.2．

22．在“探究影響滑輪組機械效率的因素”的實驗中，小明用同一滑輪組進行了三次實驗，實驗數據如表：

（1）根據表格中的數據，在圖甲種畫出滑輪組的繞繩方法．

（2）實驗中，沿豎直方向勻速拉動彈簧測力計，使物體緩緩上升，在測量繩端所受的拉力時，彈簧測力計應　勻速上升?。ㄟx填“保持靜止”或“勻速上升”）

（3）第三次試驗時，測力計示數如圖乙所示，此時繩端受到的拉力為　1.8　N，滑輪組的機械效率為　74.1　%

（4）根據表格中的數據分析可知：

①隨著物重的增大，額外功　變大　（選填“變小”、“不變”或“變大”），原因是　克服摩擦做功更多　

②要提高同一滑輪組機械效率，可以采取　增加提起的物重或減輕動滑輪重　的措施．

【考點】滑輪（組）機械效率的測量實驗．

【分析】（1）先根據表中的數據，分析確定承擔物重的繩子的段數，然后再進行繞繩；

（2）在使用滑輪組時，滑輪組還要克服一些機械摩擦，所以要測量滑輪組的機械效率，需使物體上升進行讀數；

（3）由圖讀出彈簧測力計的讀數（拉力大?。⒊袚镏氐睦K子股數n，則s=nh，利用η==求滑輪組的機械效率；

（4）①滑輪組做的額外功為克服動滑輪重力和繩子間的摩擦力做的功；

②使用滑輪組時，做的額外功不變，增加物重，增加了有用功，因此機械效率會變大；同時換用輕質的動滑輪、減小摩擦等都可以提高機械效率．

【解答】解：

（1）分析表中數據可知，動力作用點移動的距離s是鉤碼上升高度h的3倍，說明由三段繩子承擔物重，故滑輪組的繞線情況如下圖所示：

（2）在緩慢提升物體時，還需克服機械摩擦做功，所以為了測量滑輪組提升物體時的機械效率，所以需在緩慢勻速提升時讀數；

（3）圖中彈簧測力計的分度值為0.2N，所以拉力F=1.8N，

第三次試驗時，滑輪組的機械效率為：

η===×100%≈74.1%；

（4）根據表格中的數據分析可知：

①滑輪組做的額外功為克服動滑輪重力和繩子間的摩擦力做的功；隨著物重的增大，動滑輪的重力不變，物重越大，摩擦力越大，所以額外功變大；

②提高滑輪組機械效率可以增大提升的物重、換用輕質的動滑輪、減小摩擦等．

故答案為：（1）見上圖；（2）勻速上升；（3）1.8；74.1；（4）①變大；克服摩擦做功更多；增加提起的物重或減輕動滑輪重．

23．如圖甲所示的電路圖，研究通過導體的電流與電阻的關系，電源電壓恒為3V，電流表量程是0～0.6A，R是分度值為0.1的電阻箱，R′是規格為“20Ω 2A”的滑動變阻器．????????????

（1）按甲圖連接好電路后，閉合開關S之前，應將滑動變阻器R′的滑片滑到　b　端（選填“a”或“b”）．開始實驗時，發現電流表和電壓表都有示數，無論怎樣調節滑動變阻器的滑片，電壓表和電流表示數均不變，請你分析電路發生的故障可能是　變阻器同時接了上面兩個接線柱（或變阻器同時接了下面兩個接線柱）?。ɑ卮鹨环N即可）

（2）排除故障之后，改變電阻箱的阻值，再調節滑動變阻器的滑片，使電壓表示數保持不變，記下電阻箱的阻值與對應的電流表示數描在乙圖中，根據所描點對應的數據可知，電壓表示數為　2　V．該同學在操作中將電阻箱的阻值有1Ω調為丙圖的示數，此時電阻箱的讀數為　5　Ω．為了保持上述電壓表的示數不變，應該將滑動變阻器的滑片向　b　端（選填“a”或“b”）滑動到適當的位置．此時滑動變阻器接入電路中的阻值應為　2.5　Ω．

（3）同學們在交流討論中提出，既要保證上述電壓表示數不變，又要使通過電流表的電流不超過其量程，那么電阻箱的阻值最小只能調為　3.4　Ω．

【考點】探究電流與電壓、電阻的關系實驗．

【分析】（1）為保護電路，在閉合開關前，應將滑片移至最大阻值處；

無論怎么調節變阻器，電壓表和電流表示數不變，說明變阻器不起作用，接法錯誤；

（2）根據所描點對應的電流和電阻值，根據U=IR來計算電壓值；

用各指針所指的示數乘以下面的倍數，然后將所有的數值相加，即為該電阻箱的讀數；

電阻變大，兩端電壓變大，為保持電阻兩端的電壓不變，用增大變阻器的阻值；

根據串聯電路的特點及歐姆定律計算出變阻器的阻值；

（3）根據電阻兩端的電壓及最大電流得出電阻箱的最小阻值（注意電阻箱只能讀整數）．

【解答】解：（1）由圖知，在閉合開關前，應將滑片移至b端，使其阻值最大；

電流表和電壓表都有示數，說明未發生斷路或短路現象，無論怎樣調節滑動變阻器的滑片，電壓表和電流表示數均不變，說明變阻器不起作用，可能同時接了上面或下面兩個接線柱；

（2）由圖象知，當R=5Ω時，電流I=0.4A，可知電阻兩端的電壓U=IR=0.4A×5Ω=2V；

由圖丙知，電阻箱的阻值為0×100Ω+0×10Ω+5×1Ω+0×0.1Ω=5Ω；

電阻值由1Ω換為5Ω，電壓表的示數將變大，為保持電壓表的示數不變，應增大變阻器的阻值，將滑片向b端滑動；

變阻器兩端的電壓U滑=3V﹣2V=1V，所以變阻器的阻值R滑===2.5Ω；

（3）當電流為0.6A時，電阻箱的阻值R′==≈3.3Ω，取3.4Ω．

故答案為：（1）b；變阻器同時接了上面兩個接線柱（或變阻器同時接了下面兩個接線柱）；（2）2；5；b；2.5；（3）3.4．

24．某同學在體育活動中，從鉛球下落陷入沙坑的深度情況猜想到：物體的重力勢能可能與物體的質量、下落高度和運動路徑有關．于是設計了如圖所示的實驗：用大小、形狀相同的A、B、C、D四個鉛球，其中A、C、D三球的質量為m，B球質量為2m，讓A、B兩球從距沙表面高H靜止下落，C球從距沙表面高2H靜止下落，D球從距沙表面高2H的光滑彎曲管道上端靜止滑入，最后從管道下端豎直地落下（球在光滑管道中運動的能量損失不計）．實驗測得A、B兩球陷入沙深度分別為h1和h2，C、D兩球陷入沙深度均為h3，且h1＜h2＜h3．

（1）本實驗中，鉛球的重力勢能大小是通過　球陷入沙面的深度　來反映的．

（2）比較A、B兩球，發現B球陷入沙深度更大，由此可得出結論：當下落高度一定時，　質量越大，重力勢能越大　．

（3）比較　A、C　兩球，發現C球陷入沙中深度更大，由此可得出結論：當物體質量相同時，下落的高度越高，物體的重力勢能越大．

（4）比較C、D兩球，發現兩球運動的路徑不同，但陷入沙深度相同，由此可得出結論：物體的重力勢能與物體運動的路徑　無關?。ㄟx填：“有關”或“無關”）．

（5）小球在下列過程陷入沙面前，將重力勢能轉化為　動　能，陷入沙中后到小球靜止過程中，將機械能轉化為　內　能．

【考點】探究影響物體勢能大小的因素．

【分析】（1）實驗中通過球陷入沙面的深度來反映鉛球重力勢能的大小，用到轉換法；

（2）影響重力勢能的因素有物體的質量和下落高度，實驗中研究物體的重力勢能與物體的質量關系時，需要保持下落高度和運動路徑相同，改變物體質量；

（3）研究物體重力勢能與下落高度的關系時，需要保持物體質量和運動路徑相同，改變下落高度；

（4）研究物體重力勢能與運動路徑的關系時，需要保持物體質量和下落高度相同，改變運動路徑；

（5）動能和勢能合稱機械能，一定條件下，動能和勢能可以相互轉化；物體克服摩擦做功，將機械能轉化為內能．

【解答】解：

（1）本實驗中，鉛球的重力勢能大小是通過球陷入沙面的深度來反映；

（2）比較A、B兩球，下落高度和運動路徑相同，B球質量大于A球質量，發現B球陷入沙深度更大，由此可得出結論：當下落高度一定時，物體的質量越大，重力勢能越大；

（3）C球陷入沙深度更大，比較知，C球下落的高度最大，要研究重力勢能與高度的關系，需要保持球的質量一定，所以選擇的是A、C兩球；

（4）比較C、D兩球，兩球的質量相同，下落高度也相同，兩球的運動路徑不同，發現兩球運動的路徑不同，但陷入沙深度相同，由此可得出結論：物體的重力勢能與物體運動的路徑無關．

（5）球在下落過程中，高度減小，速度增大，所以將重力勢能轉化為動能；當球陷入沙中，與沙子摩擦，最終靜止，將機械能轉化為內能．

故答案為：（1）球陷入沙面的深度；

（2）質量越大，重力勢能越大；

（3）A、C；

（4）無關；

（5）動；內．

25．同學們在“探究小燈泡的亮度與功率的關系”實驗中，所用電源電壓為6V，燈泡的額定電壓U0=3.8V，額定功率在1﹣1.5W的范圍內．

（1）按圖甲所示的電路圖，請你用筆畫線代替導線將圖乙的電路補充完整．

（2）小杜同學在實驗過程中，將滑動變阻器的滑片P緩慢向B端移動，小燈泡的實際功率將　變大?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”）；同時觀察到小燈泡的亮度將變　亮　（選填“亮”或“暗”）．

（3）另一組的小張同學在實驗過程中發現電流表、電壓表示數如圖丙所示，此時電流表的示數是　0.2　A，電壓表的示數是　2　V，經分析造成這種現象的原因是　電壓表量程接錯，應該接0～15V，實際接了0～3V?。?/p>

（4）小張同學重新調整電路連接后，繼續探究小燈泡在額定功率時的亮度，但發現無法準確讀出額定電壓，他用第（3）小問中所測得數據先算出燈泡的電阻RL，再根據P0=計算燈泡的額定功率．按此方案算出燈的額定功率比真實值偏　大?。ㄟx填“大”或“小”），原因是　燈泡電阻隨溫度的變化而變化，題中所求電阻值RL與燈泡正常發光時的阻值不相等　．

【考點】電功率的測量．

【分析】（1）電流表、滑動變阻器與燈泡串聯，電壓表與燈泡并聯，根據燈泡的額定電壓確定電壓表的量程，滑動變阻器要接一上一下；

（2）由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器串聯，電壓表測燈泡兩端的電壓，電流表測電路中的電流，根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據歐姆定律可知電路中電流的變化和燈泡兩端的電壓變化，根據P=UI可知燈泡實際功率的變化，進一步判斷燈泡亮暗的變化．

（3）根據電流表所選量程可讀數，根據電壓表指針位置讀數，然后與電源電源比較即可知造成這種現象的原因；

（4）燈泡電阻隨溫度的變化而變化，題中所求電阻值RL與燈泡正常發光時的阻值不相等，根據P0=分析與真實值的差異．

【解答】解：（1）電壓表與燈泡并聯，燈泡的額定電壓為3.8V，所以應選擇0～15V量程；

滑動變阻器已接了上面一個接線柱，應再接下面一個接線柱，如圖所示：

（2）由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器串聯，電壓表測燈泡兩端的電壓，電流表測電路中的電流，

當滑片P緩慢向B端移動的過程中，接入電路中的電阻變小，電路中的總電阻變小，

由I=可知，電路中的電流變大，即電流表的示數變大；

由U=IR可知，燈泡兩端的電壓變大，即電壓表的示數變大；

因燈泡的亮暗取決于實際功率的大小，所以，由P=UI可知，燈泡的實際功率變大，燈泡變亮．

（3）由圖可知，電流表所選量程為0～0.6A，則由指針位置可知，此時電流表的示數是0.2A，

由燈泡的額定電壓U0=3.8V，可知，電壓表應接0～15V，若接在0～15V量程，那么由指針位置可知，此時電壓為10V，而電源電壓為6V，所以沒有接在0～15V量程，接在0～3V量程，故此時電壓表的示數為2V，由此可知，電壓表量程接錯，應該接0～15V，實際接了0～3V；

（4）因為燈泡電阻隨溫度的變化而變化，題中所求電阻值RL與燈泡正常發光時的阻值不相等，

燈泡在額定電壓3.8V下的電阻比2V下的電阻要大，而算額定功率時是用2V時的電阻，所以RL偏小，根據P0=導致額定功率偏大，

故答案為：（1）見上圖；（2）變大；亮；（3）0.2；2；電壓表量程接錯，應該接0～15V，實際接了0～3V；

（4）大；燈泡電阻隨溫度的變化而變化，題中所求電阻值RL與燈泡正常發光時的阻值不相等．

2017年3月31日