2018年佛山市中考物理模擬試題【解析版含答案】

由于版式的問題，試題可能會出現亂碼的現象，為了方便您的閱讀請點擊全屏查看　

一、佛山物理選擇題

1．關于聲現象，下列說法正確的是（）

A．聲音在不同介質的傳播速度相同

B．音調越高，說明聲源振動的幅度越大

C．我們能區分小提琴和鋼琴的聲音，是利用了聲音的音色特性

D．市區內禁止鳴笛是在傳播過程中減弱噪聲

2．下列說法中正確的是（）

A．擴散現象說明了分子在不停地做無規則運動

B．0℃的水沒有內能

C．石頭在太陽下被曬熱，是通過做功的方式改變物體的內能

D．物體的質量越大，它的比熱容越大

3．如圖所示，用彈簧測力計拉著木塊在水平桌面上做勻速直線運動．下列說法正確的是（）

A．木塊只受到拉力和摩擦力兩個力

B．彈簧測力計對木塊的拉力大于木塊所受到的摩擦力

C．木塊受到的摩擦力與木塊對彈簧測力計的拉力是一對平衡力

D．木塊受到的重力與桌面對木塊的支持力是一對平衡力

4．要想同時知道干路電流和各支路的電流，如圖所示，各測量方式中正確的是（）

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

5．如圖是有關力學知識的四幅圖片，其中分析正確的是（）

A．

工程載重汽車輪胎數量較多，是為了增大對路面的壓強

B．

在水下的潛水員繼續往下潛的過程中，受到的壓強和浮力都增大

C．

飛機騰空而起，利用了機翼上下表面空氣的流速不同，壓強不同

D．

人和車滑行的速度越快，它們的慣性越大

6．如圖所示，L為帶動線圈轉運的搖把，圖中的電流表指針可左右擺動，關于此工作原理圖，下列說法正確的是（）

A．這是電動機的工作原理圖

B．圖中的圓銅環是轉向器

C．該裝置利用電磁感應原理工作

D．轉動搖把L讓線圈轉起來，電流表的指針不會左右擺動

7．在如圖所示的電路中，當開關S閉合后，燈L1不亮，L2亮，電壓表有示數，則下列說法中正確的是（）

A．燈L1與L2并聯，L1的燈絲斷了

B．燈L1與L2并聯，L1被短路了

C．燈L1與L2串聯，L1的燈絲斷了

D．燈L1與L2串聯，L1的實際功率比L2的小很多

二、填空題

8．原子是由原子核和核外電子組成，原子核是由和組成，其中帶負電的粒子的是．

9．在紀念中國人民抗日戰爭暨世界反法西斯戰爭勝利70周年閱兵式上，解放軍齊步走時，以其中一名隊員為參照物，其他隊員是（選填“運動”或“靜止”）的，隊員們之所以能站得這么整齊是利用了光沿的原理．我們在電視中看到現場直播的畫面，都是由紅、、藍三種顏色的光混合而成的．

10．今年1月24日，順德出現天降冰粒的奇觀，這種小冰粒叫做“霰”，是高空中的水蒸汽遇到冷空氣（填一物態變化名稱）而成，在霰粒形成的過程中，需要（選填“吸熱”或“放熱”）；霰粒的直徑大約為5（選填“毫米”“厘米”“米”）．

11．如圖所示，在“探究物體的動能大小與哪此因素有關”的實驗中，小球由斜面的某位置滾下，撞擊水平面上的小木塊．

（1）讓質量不同的小球A和B（mA＜mB），從同一高度上由靜止開始滾下，目的是使小球到達水平面的相同．

（2）為了探究動能大小與速度的關系，應選擇兩個圖進行比較．

（3）比較甲、乙兩圖可知，當速度一定時，物體具有的動能越大．

12．如圖所示是一種通用開瓶器．開啟瓶蓋時，要用手捏緊是通過的方法來增大摩擦力，旋轉開啟瓶蓋時，開瓶器相當于（選填“省力”或“費力”）杠桿．當瓶蓋將開啟的瞬間，瓶內的氣體迅速向外沖出，此時瓶內氣體的內能將（選填“變大”“變小”“不變”）．

13．如圖所示，用滑輪組將重為400N的物體提升2m，繩子末端所用的拉力是250N，則拉力所做的功為 J，滑輪組的機械效率為；如果適當增加物體的重力，該滑輪組的機械效率（選填“變大”“變小”“不變”）．

14．風能屬于（選填“可再生”或“不可再生”）能源；某地區建造了風力發電廠，表格給出了風力發電機在不同風速下的功率；若該地區年平均風速為8m/s，10臺這樣的風力發電機一天工作10h，獲得的電能是 kW?h，這些電相當于完全燃燒 kg的煤（已知煤的熱值q=3×107J/kg，不考慮能量損失）．

三、作圖題

15．如圖所示，一束光線從水中斜射向空氣，請畫出折射光線的大致位置．

16．如圖所示，用杠桿提升貨物，請畫出貨物所受重力的示意圖和拉力F的力臂．

17．請用筆畫線代替導線，將圖中的元件接入家庭電路中，要求

（1）開關同時控制節能燈和LED燈，

（2）節能燈和LED燈并聯連接．

四、實驗題

18．如圖1中彈簧測力計的示數為N，如圖2所示，溫度計的示數為℃．

19．圖中，用刻度尺測量一木塊的長度是cm．

20．小明用天平和量筒測量礦石的密度，他先把天平放在水平桌面上，將游碼移到標尺的零刻度線處，發現指針在圖1位置靜止．接著他應將天平右端的平衡螺母向（選填“左”“右”）調節，使橫梁在水平位置平衡．然后他用天平測量礦石所示，則礦石的質量為．最后他用量筒測量礦石的體積，示數如圖2，3所示，礦石的體積為cm3，由此可得礦石的密度為kg/cm3．

21．小亮同學用一個未知焦距的凸透鏡探究凸透鏡成像規律．

（1）為了使像成在光屏的中央，通過調整，使燭焰，透鏡，光屏的中心在．

（2）小亮同學按要求進行觀察和測量，并將觀察情況記錄在表格中：

①此凸透鏡的焦距為 cm

②上表實驗序號2中像的性質應該為；生活中人們使用的（選填“放大鏡”“投影儀”“照相機”）就是利用這一成像規律工作的．

③將蠟燭從遠處向凸透鏡靠近時，要在光屏上成清晰的像，光屏應（選填“靠近”“遠離”）凸透鏡．

（3）小亮在實驗中還發現凸透鏡對光能起會聚作用，所以生活中可用它來矯正（選填“近視”“遠視”）．

22．小琳設計了如圖所示的兩種裝置來探究“冰熔化時溫度的變化規律”．

（1）為了使試管中的冰受熱均勻，且便于記錄各時刻的溫度值，小琳應選圖（選填“1”或“2”）裝置來進行實驗．

（2）小琳每隔相同時間記錄一次溫度計的示數，圖3是她根據記錄的數據繪制的溫度﹣時間圖象，根據圖象可知：冰屬于（選填“晶體”或“非晶體”）；在BC階段物質處于狀態（選填“固體”“液體”“固液共存”）；

（3）設單位時間內物質吸收的熱量相同，試管內冰的質量為0.1kg，則圖3中AB階段該物質共吸收了 J的熱量（c冰=2.1×103J/kg?℃）；該物質在b點時具有的內能（選填“大于”“小于”或“等于”）在c點的內能．

（4）試管內的冰完全熔化后，若持續加熱，在標準大氣壓下將得到圖象中的DE段，這段時間內試管中的水（選填“能”或“不能”）沸騰，是因為．

五、計算機（本大題2小題，共13分）

23．如圖是工地上某常見型號履帶式推土機，質量為2×104kg，履帶與地面的總接觸面積為2m2．若推土機在平直場地上作業，在其以1.5m/s的速度勻速前進15m的過程中，它受到的阻力為1×105N．（取g=10N/kg）求：

（1）推土機靜止時對水平面的壓強；

（2）推土機在此過程中做的功；

（3）推土機發動機的功率．

24．如圖1所示是一種電熱水龍頭，圖2是它的電路簡圖．旋轉手柄可使扇形開關S同時接觸兩個相鄰觸點，從而控制流出的水為冷水，溫水或熱水．已知R1R2是電熱絲，R2=44Ω，溫水檔的電功率是2200W．求：

（1）S旋到（選填“0”“1”“2”）位置時，水龍頭流出熱水．

（2）電熱絲R1的阻值是多大？

（3）S旋到熱水檔時，熱水檔消耗的總功率是多少？

（4）在某次使用該電熱水龍頭的過程中，流出的水的水溫隨時間變化關系如圖3所示，則在該次使用過程中消耗的總電能是多少？

六、綜合能力題

25．閱讀短文，回答問題：

電熨斗????? 如圖1為生活中常用的電熨斗，圖2是電熨斗結構圖．電熨斗中有一個雙金屬片制成的自動開關，雙金屬片是由長和寬相同的銅片和鐵片組成，且兩金屬片緊緊地鉚在一起，受熱時銅片膨脹得比鐵片大，雙金屬片便向鐵片那邊彎曲，溫度越高，彎曲得越顯著．常溫時，雙金屬片端點的觸點與彈性鋼片上的觸點相接觸．當電熨斗與電源接通時，電熱絲發熱，雙金屬片受熱彎曲，當溫度升高到設定的溫度時，雙金屬片頂端的觸點與彈性鋼片上的觸點分離，電路斷開．電熨斗工作時的溫度可以調節，將調溫旋鈕上的升降螺絲上下調節，雙金屬片和彈性鋼片上的觸點隨之上下移動．雙金屬片彎曲程度不同，金屬底板溫度也就不同．由于衣服的質料不同，熨燙時所需要的溫度也各不相同．一般來說，棉織品比化纖衣服耐高溫．

（1）電熨斗主要是利用了電流的（選填“熱”“磁”）效應進行工作的；為了安全用電，該電熨斗的電源線插頭應選圖1中的（填“A”“B”）．

（2）如圖3中，兩種雙金屬片中符合電熨斗安裝要求的是（選填“C”或“D”）．

（3）電熨斗通電工作時，若突然斷開電源，兩觸點（選填“會”“不會”）斷開．

（4）將調溫旋鈕上的升降螺絲下調時，彈性鋼片的彈性勢能．

A．增大? B．減小? C．不變? D．以上都有可能

（5）熨燙完棉織品衣服再熨燙化纖衣服，調溫旋鈕上的升降螺絲（選填“向上”“向下”“不”）調．

26．小時為養牛場設計一個牲畜自動喂水器，如圖所示．小明估算出活塞C處水的壓強為1×105Pa，設計進水管口的面積為2cm2，支點O到浮球球心的距離OA為OB的5倍，要求貯水深度為1.2m時，杠桿呈水平狀態，塞子C剛好項住自來水進口，這時浮球有一半浸入水中，此時為貯滿水狀態．（塞子，桿OA、BC及浮球的質量不計，g取10N/kg，水的密度為1×103kg/m3）則：

（1）圖中的水箱和喂水槽同中間的細管組成一個；當水箱中的水位下降時，浮球A受到的浮力將（選填“變大”“變小”“不變”）．

（2）貯滿水時，貯水箱底受到水的壓強為 Pa；

（3）進水口處的活塞C受到水的壓力為 N

（4）貯滿水時，浮球受到的浮力為 N，浮球的體積為 m3．

27．如圖1表示一種自動測定油箱內油面高度的測量表（實際上是量程為0～0.6A的電流表改裝而成的），滑動變阻器R2上標有“45Ω，1A”，金屬杠桿的右端是滑動變阻器的滑片．從油量表指針所指的刻度，就可以知道油箱內油面的高度．電源電壓為12V，R1為定值電阻．

（1）當油箱油面下降時，油量表的示數將（選填“變大”“變小”“不變”）．

（2）R1的作用是；為使電路安全，定值電阻R1至少為Ω

（3）若實際用的定值電阻R1=15Ω，在保證電路安全的前提下，R1功率允許的變化范圍是

（4）改裝設計：用電壓表代替電流表做油量表，在圖2中已畫出部分電路，請在圖中完成電路的設計．要求：油量變化時，電壓表示數的變化情況與接入電流表時相同，且當油量為0時（此時變阻器的滑片正好在其中的一端），電壓表的示數為0V．

2018年佛山市中考物理模擬試題參考答案與試題解析

一、選擇題

1．關于聲現象，下列說法正確的是（）

A．聲音在不同介質的傳播速度相同

B．音調越高，說明聲源振動的幅度越大

C．我們能區分小提琴和鋼琴的聲音，是利用了聲音的音色特性

D．市區內禁止鳴笛是在傳播過程中減弱噪聲

【考點】聲音在不同介質中的傳播速度；響度與振幅的關系；音色；防治噪聲的途徑．

【分析】（1）聲音傳播需要介質，聲音傳播的速度與介質種類和溫度有關，真空不能傳聲；

（2）音調是指聲音的高低，由頻率決定，響度是指聲音的強弱，與振幅有關；

（3）不同發聲體的材料與結構不同，發出聲音的音色不同；

（4）防治噪聲可以從噪聲的產生、噪聲的傳播及噪聲的接收這三個環節進行防治．

【解答】解：

A、聲音的傳播速度與介質的種類和介質的溫度有關，故A錯誤；

B、音調越高，說明聲源振動的頻率越大，不能說明聲源振動的幅度，故B錯誤；

C、不同發聲體的材料與結構不同，發出聲音的音色不同，能區分出小提琴和鋼琴的聲音是利用了聲音的音色特性，故C正確；

D、市區內禁止鳴笛是在聲源處減弱噪聲，故D錯誤．

故選C．

2．下列說法中正確的是（）

A．擴散現象說明了分子在不停地做無規則運動

B．0℃的水沒有內能

C．石頭在太陽下被曬熱，是通過做功的方式改變物體的內能

D．物體的質量越大，它的比熱容越大

【考點】擴散現象；內能的概念；熱傳遞改變物體內能；比熱容的概念．

【分析】（1）擴散現象說明了分子在不停地做無規則運動、分子間有間隙；

（2）一切物體都具有內能；

（3）改變物體內能有兩種方式：做功和熱傳遞；

（4）物體的質量越大，它的比熱容越大②比熱容是物質的一種特性，和物體吸收熱量的多少、溫度的高低、質量的大小都沒有關系，只與物質的種類、狀態有關．

【解答】解：

A、擴散現象說明了分子在不停地做無規則運動，故A正確；

B、任何物體都有內能，所以0℃的水仍然具有內能，故B錯誤；

C、石頭在太陽下被曬熱，屬于熱傳遞改變物體的內能，故C錯誤；

D、比熱容是物質的一種特性，和物體吸收熱量的多少、溫度的高低、質量的大小都沒有關系，只與物質的種類、狀態有關，故D錯誤．

故選A．

3．如圖所示，用彈簧測力計拉著木塊在水平桌面上做勻速直線運動．下列說法正確的是（）

A．木塊只受到拉力和摩擦力兩個力

B．彈簧測力計對木塊的拉力大于木塊所受到的摩擦力

C．木塊受到的摩擦力與木塊對彈簧測力計的拉力是一對平衡力

D．木塊受到的重力與桌面對木塊的支持力是一對平衡力

【考點】平衡狀態的判斷；平衡力的辨別．

【分析】（1）物體受重力、支持力、拉力和摩擦力；

（2）物體做勻速直線運動時，受力平衡，拉力等于摩擦力；

（3）一對平衡力等大、反向、作用在同一直線上、作用在同一物體上，據此分析答題．

【解答】解：

A、木塊運動時受重力、支持力、拉力和摩擦力，故A錯誤；

B、木塊做勻速直線運動，彈簧測力計的示數等于滑動摩擦力的大小，故B錯誤；

C、木塊受到的摩擦力與木塊對彈簧測力計的拉力，不是作用在同一物體上，不是一對平衡力，故C錯誤；

D、木塊受到的重力與桌面對木塊的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一物體上、作用在同一直線上，是一對平衡力，故D正確．

故選D．

4．要想同時知道干路電流和各支路的電流，如圖所示，各測量方式中正確的是（）

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

【考點】電流表的連接．

【分析】①電流表是測量電路電流的儀表，需要與用電器串聯；

②在并聯電路中，干路電流等于支路電流之和．

【解答】解：

A、A1與L1串聯，A2串聯在干路上，可測出L1支路和干路上的電流，再用干路電流減去A1的示數，即可得出L2支路的電流．此選項正確；

B、A1與L2串聯，A串聯在干路上，可測出L2支路和干路上的電流，再用干路電流減去A1的示數，即可得出L1支路的電流．此選項正確；

C、A1與L1串聯，A2與L2串聯，可測出兩條支路上的電流，兩者相加即可得出干路上的電流．此選項正確；

D、S閉合后，L1與L2同時被短路了，同時電源短路，所以無法測出兩支路的電流．此選項錯誤．

故選A、B、C．

5．如圖是有關力學知識的四幅圖片，其中分析正確的是（）

A．

工程載重汽車輪胎數量較多，是為了增大對路面的壓強

B．

在水下的潛水員繼續往下潛的過程中，受到的壓強和浮力都增大

C．

飛機騰空而起，利用了機翼上下表面空氣的流速不同，壓強不同

D．

人和車滑行的速度越快，它們的慣性越大

【考點】減小壓強的方法及其應用；慣性；液體壓強計算公式的應用；飛機的升力；阿基米德原理．

【分析】（1）在壓力一定時，增大受力面積可以減小壓強；

（2）液體壓強隨深度的增加而增大，根據F浮=ρgV排分析浮力．

（3）流體在流速大的地方壓強小、在流速小的地方壓強大，這是使飛機獲得升力的原因．

（4）慣性大小只與質量有關，與其他因素無關；

【解答】解：A、工程載重汽車輪胎數量較多是為了增大受力面積，減小車對路面的壓強，故A錯誤；

B、液體壓強隨深度的增加而增大，則在水下的潛水員繼續往下潛的過程中，受到的壓強增大；根據F浮=ρgV排可知，在水下的潛水員繼續往下潛的過程中，受到的浮力不變，故B錯誤．

C、機的機翼能獲得向上的升力，是應用了流速越大流體的壓強越小的原理，故C正確．

D、慣性大小只與質量有關，與其他因素無關，故D錯誤；

故選C．

6．如圖所示，L為帶動線圈轉運的搖把，圖中的電流表指針可左右擺動，關于此工作原理圖，下列說法正確的是（）

A．這是電動機的工作原理圖

B．圖中的圓銅環是轉向器

C．該裝置利用電磁感應原理工作

D．轉動搖把L讓線圈轉起來，電流表的指針不會左右擺動

【考點】電磁感應．

【分析】解答本題應掌握：發電機是利用電磁感應的原理來工作的，將機械能轉化為電能，發出的電為交變電流；電磁感應是閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動．

【解答】解：A、圖中沒有電源，是發電機的工作原理圖，這一裝置可把機械能轉化為電能，故A錯誤；

B、由發電機的構造可知，圖中的圓銅環是與電刷相連接的，不是換向器，故B錯誤；

C、該裝置中沒有電源，線圈轉動切割磁感線產生感應電流，故C正確；

D、用該原理可制作手搖發電機，轉動搖把L讓線圈轉起來，可切割磁感線，產生方向不斷變化的感應電流，使電流表的指針來回擺動，故D錯誤．

故選C．

7．在如圖所示的電路中，當開關S閉合后，燈L1不亮，L2亮，電壓表有示數，則下列說法中正確的是（）

A．燈L1與L2并聯，L1的燈絲斷了

B．燈L1與L2并聯，L1被短路了

C．燈L1與L2串聯，L1的燈絲斷了

D．燈L1與L2串聯，L1的實際功率比L2的小很多

【考點】電路的基本連接方式．

【分析】首先分析各元件連接關系，畫出電路圖，根據電路圖對每個選項作出故障判斷，確定符合題意的選項．

【解答】解：

分析實物圖知，兩只燈泡串聯，電壓表測量L1兩端電壓，電路圖如下：

A、B、分析知，兩只燈泡串聯．此兩選項均錯誤；

C、兩只燈泡串聯，如果L1的燈絲斷了，電路斷路，兩只燈泡都不能發光．此選項錯誤；

D、燈泡的亮度決定于實際功率，當L1的實際功率遠遠小于L2的實際功率時，L1就不能發光．此選項正確．

故選D．

二、填空題

8．原子是由原子核和核外電子組成，原子核是由　質子　和　中子　組成，其中帶負電的粒子的是　電子　．

【考點】原子的核式模型．

【分析】原子由位于原子中心的原子核與帶負電的核外電子組成，原子核由帶正電的質子與不帶電的中子組成．

【解答】解：原子由帶正電的原子核和核外帶負電的電子組成，原子核由帶正電的質子和不帶電的中子組成，電子是帶有負電的粒子．

故答案為：質子；中子；電子．

9．在紀念中國人民抗日戰爭暨世界反法西斯戰爭勝利70周年閱兵式上，解放軍齊步走時，以其中一名隊員為參照物，其他隊員是　靜止　（選填“運動”或“靜止”）的，隊員們之所以能站得這么整齊是利用了光沿　直線傳播　的原理．我們在電視中看到現場直播的畫面，都是由紅、　綠　、藍三種顏色的光混合而成的．

【考點】參照物及其選擇；光直線傳播的應用；色光的三原色和顏料的三原色．

【分析】①光在同種均勻介質中沿直線傳播．

②運動和靜止是相對的，判斷物體的運動和靜止，首先確定一個參照物，如果被研究的物體和參照物之間沒有發生位置的改變，被研究的物體是靜止的，否則是運動的．

③紅、綠、藍三種色光叫色光三原色．彩色電視機的豐富多彩的畫面是由三原色光混合而成．

【解答】解：她們在行走過程中以其中一名隊員為參照物，其他隊員和所選的隊員之間沒有位置的變化，所以其他隊員以其中一名隊員為參照物是靜止的；

由于光沿直線傳播，前面的隊員反射的光能直接進入人眼，若所有的隊員都在一條直線上，前面相隔一位的隊員反射的光就不會進入人眼，所以也就看不到相隔一位的隊員．因此排隊是利用了光在同種均勻介質中沿直線傳播的規律；

彩色電視畫面的顏色是由紅、綠、藍三種色光合成的．

故答案為：靜止；直線傳播；綠．

10．今年1月24日，順德出現天降冰粒的奇觀，這種小冰粒叫做“霰”，是高空中的水蒸汽遇到冷空氣　凝華　（填一物態變化名稱）而成，在霰粒形成的過程中，需要　放熱　（選填“吸熱”或“放熱”）；霰粒的直徑大約為5　毫米　（選填“毫米”“厘米”“米”）．

【考點】生活中的凝華現象．

【分析】（1）物質由氣態直接變為固態叫凝華，物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液態叫液化，由液態變為氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固．

（2）六種物態變化過程中，都伴隨著吸熱或放熱；其中放出熱量的物態變化有：凝固、液化、凝華；吸熱的有：熔化、汽化、升華．

（3）對常見物體的長度要有大致的了解．

【解答】解：（1）天降冰粒的奇觀，這種小冰粒叫做“霰”，是高空中的水蒸汽遇冷凝華形成；此過程放熱；

（2）凝華過程放熱；

（3）霰粒的直徑大約為5毫米，符合實際；

故答案為：凝華；放熱；毫米．

11．如圖所示，在“探究物體的動能大小與哪此因素有關”的實驗中，小球由斜面的某位置滾下，撞擊水平面上的小木塊．

（1）讓質量不同的小球A和B（mA＜mB），從同一高度上由靜止開始滾下，目的是使小球到達水平面的　速度　相同．

（2）為了探究動能大小與速度的關系，應選擇　甲、丙　兩個圖進行比較．

（3）比較甲、乙兩圖可知，當速度一定時，　質量大的　物體具有的動能越大．

【考點】探究影響物體動能大小的因素．

【分析】（1）不同質量的小球從同一高度上由靜止開始滾下時，小球到水平面的速度相同；

（2）研究動能大小與速度的關系時，應控制物體的質量相同，速度不同；

（3）研究動能大小與質量的關系時，應控制物體的速度相同，質量不同．

【解答】解：（1）讓質量不同的小球A和B，從同一高度上由靜止開始滾下的目的是：使小球到達水平面的速度相同；

（2）研究動能大小與速度的關系時，應選擇同一鋼球，從斜面不同的高度靜止下滑，這樣可以保證小球的質量相同，而速度不同，故甲丙兩圖符合；

（3）比較甲、乙兩圖可知，AB兩球的質量不同，下落的高度相同即水平方向的初速度相同，撞擊后木塊運動的距離不同，且質量較大的B求撞擊木塊后，木塊運動的距離遠即動能較大，故可得結論：當速度一定時，質量大的物體具有的動能越大．

故答案為：（1）速度；（2）甲、丙；（3）質量大的．

12．如圖所示是一種通用開瓶器．開啟瓶蓋時，要用手捏緊是通過　增大壓力　的方法來增大摩擦力，旋轉開啟瓶蓋時，開瓶器相當于　省力　（選填“省力”或“費力”）杠桿．當瓶蓋將開啟的瞬間，瓶內的氣體迅速向外沖出，此時瓶內氣體的內能將　變小　（選填“變大”“變小”“不變”）．

【考點】增大或減小摩擦的方法；杠桿的分類；做功改變物體內能．

【分析】（1）摩擦力大小的影響因素：壓力大小和接觸面的粗糙程度，增大摩擦力的方法：增大壓力，增大接觸面的粗糙程度；

（2）結合圖片和生活經驗，先判斷開瓶器在使用過程中，動力臂和阻力臂的大小關系，再判斷它是屬于哪種類型的杠桿；

（3）做功和熱傳遞都可以改變物體的內能．物體對外做功自身內能變小，對物體做功，物體的內能增大．

【解答】解：（1）用手捏緊是通過增大壓力來增大摩擦力的；

（2）開瓶器在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿；

（3）當瓶蓋將開啟的瞬間，瓶內的氣體迅速向外沖出，是氣體對外做功，將內能轉化為機械能，此時瓶內氣體的內能將變小．

故答案為：增大壓力；省力；變小．

13．如圖所示，用滑輪組將重為400N的物體提升2m，繩子末端所用的拉力是250N，則拉力所做的功為　1000　 J，滑輪組的機械效率為　80%　；如果適當增加物體的重力，該滑輪組的機械效率　變大　（選填“變大”“變小”“不變”）．

【考點】滑輪（組）的機械效率．

【分析】（1）由圖可知n=2，則繩端移動的距離s=2h，利用W=Fs求出拉力做的功；根據W有用=Gh求出有用功，再根據η=×100%求出滑輪組的機械效率；

（2）根據影響滑輪組機械效率的因素回答，被提升的物體越重、動滑輪的重越小、摩擦越小，滑輪組的機械效率越高．

【解答】解：

（1）由圖可知n=2，則繩子自由端移動的距離：s=2h=2×2m=4m，

拉力所做的功：W總=Fs=250N×4m=1000J，

提升物體所做的有用功：W有用=Gh=400N×2m=800J，

滑輪組的機械效率：η=×100%=×100%=80%．

（2）如果適當增加物體的重力，使用同一滑輪組，額外功不變；物重增加，則有用功增大，有用功在總功中所占的比例增大，滑輪組的機械效率變大．

故答案為：1000；80%；變大．

14．風能屬于　可再生　（選填“可再生”或“不可再生”）能源；某地區建造了風力發電廠，表格給出了風力發電機在不同風速下的功率；若該地區年平均風速為8m/s，10臺這樣的風力發電機一天工作10h，獲得的電能是　3500　 kW?h，這些電相當于完全燃燒　420　 kg的煤（已知煤的熱值q=3×107J/kg，不考慮能量損失）．

【考點】電功的計算；燃料的熱值；能源的分類．

【分析】（1）能夠短時間從自然界得到補充的是可再生能源，短時間得不到補充的是不可再生能源；

（2）由表格數據可知，平均風速為8m/s時發動機的功率，根據W=Pt求出獲取的電能，根據Q放=W=mq求出需要完全燃燒煤的質量．

【解答】解：（1）風能可以源源不斷的從自然界得到補充，屬于可再生能源；

（2）由表格數據可知，平均風速為8m/s時，發動機的功率P=35kW，

由P=可得，獲得的電能：

W=Pt=35kW×10h×10=3500kW?h=1.26×1010J，

由Q放=W=mq可得，需要完全燃燒煤的質量：

m====420kg．

故答案為：可再生；3500；420．

三、作圖題

15．如圖所示，一束光線從水中斜射向空氣，請畫出折射光線的大致位置．

【考點】作光的折射光路圖．

【分析】折射定律：折射光線、入射光線、法線在同一個平面內，折射光線、入射光線分居法線兩側，當光由水中斜射進入空氣中時，折射光線遠離法線，折射角大于入射角．

【解答】解：

根據光從水中斜射入空氣中，折射角大于入射角畫出折射光線．如圖所示：

．

16．如圖所示，用杠桿提升貨物，請畫出貨物所受重力的示意圖和拉力F的力臂．

【考點】力臂的畫法．

【分析】找到物體的幾何中心即重心，從重心開始，豎直向下畫一條帶箭頭的線段，標出G；力臂即支點到力的作用線的距離．找到支點向力的作用線作垂線即可．

【解答】解：

從貨物重心開始，豎直向下畫一條帶箭頭的線段，標出G，即為重物重力的示意圖；從支點O向F所在的直線作垂線，并標出L，即為拉力F的力臂．如圖所示：

17．請用筆畫線代替導線，將圖中的元件接入家庭電路中，要求

（1）開關同時控制節能燈和LED燈，

（2）節能燈和LED燈并聯連接．

【考點】家庭電路的連接．

【分析】（1）節能燈的接法：火線首先進開關，再入燈泡頂端的金屬點；零線直接接入燈泡的螺旋套．

（2）家庭電路中各用電器之間是并聯的，開關同時控制節能燈和LED燈，開關要接在干路上．

【解答】解：

由題知，節能燈和LED燈是并聯的，兩盞燈由一個開關控制，開關接在干路上．火線首先過開關再入燈泡．如圖所示：

．

四、實驗題

18．如圖1中彈簧測力計的示數為　3.6　N，如圖2所示，溫度計的示數為　﹣4　℃．

【考點】彈簧測力計的使用與讀數；溫度計的使用及其讀數．

【分析】（1）使用彈簧測力計測量力的大小時，首先要明確彈簧測力計的量程和分度值，讀數時視線與指針所指刻線相垂直；

（2）使用溫度計測量溫度時，首先要明確溫度計的分度值，讀數時視線與液柱最高處相平，并注意區分零上或零下．

【解答】解：

（1）由圖可知，彈簧測力計上1N之間有5個小格，一個小格代表0.2N，即此彈簧測力計的分度值為0.2N；此時指針指在“3.6”處，所以彈簧測力計的示數為3.6N；

（2）由圖可知，在溫度計上，10℃之間有10個小格，一個小格代表1℃，所以此溫度計的分度值為1℃；液柱最高處在0℃以下，說明溫度低于0℃，溫度計示數為﹣4℃．

故答案為：3.6；﹣4．

19．圖中，用刻度尺測量一木塊的長度是　2.80　cm．

【考點】長度的測量．

【分析】起始端沒從0開始，把3.00cm處當作“0”刻度，讀出末端刻度值，減去3.00cm即為物體長度，注意刻度尺要估讀到分度值的下一位．

【解答】解：圖示刻度尺1cm又分為10個小刻度，故最小刻度值為1mm；末端刻度值為5.80cm，木塊的長度為5.80cm﹣3.00cm=2.80cm．

故答案為：2.80．

20．小明用天平和量筒測量礦石的密度，他先把天平放在水平桌面上，將游碼移到標尺的零刻度線處，發現指針在圖1位置靜止．接著他應將天平右端的平衡螺母向　左　（選填“左”“右”）調節，使橫梁在水平位置平衡．然后他用天平測量礦石所示，則礦石的質量為　52g　．最后他用量筒測量礦石的體積，示數如圖2，3所示，礦石的體積為　20　cm3，由此可得礦石的密度為　2.6×103　kg/cm3．

【考點】固體密度的測量．

【分析】（1）使用天平測量物體質量之前要進行調平，平衡螺母相對于指針的調節規律是“左偏右調，右偏左調”；

（2）被測物體的質量等于砝碼的總質量與游碼所對刻度之和；

（3）礦石的體積等于兩次量筒中水的體積之差；已知質量和體積，利用ρ=計算礦石的密度．

【解答】解：（1）使用天平時，將天平放在水平桌面上，把游碼移到標尺的零刻線處，因為指針偏右，所以平衡螺母向左調節，使橫梁平衡．

（2）砝碼加上游碼，就是礦石的質量為m=50g+2g=52g；

（3）礦石的體積為V=40ml﹣20ml=20ml=20cm3

礦石的密度為ρ===2.6g/cm3=2.6×103kg/m3

故答案為：左；52g；20；2.6×103．

21．小亮同學用一個未知焦距的凸透鏡探究凸透鏡成像規律．

（1）為了使像成在光屏的中央，通過調整，使燭焰，透鏡，光屏的中心在　同一高度　．

（2）小亮同學按要求進行觀察和測量，并將觀察情況記錄在表格中：

①此凸透鏡的焦距為　5　 cm

②上表實驗序號2中像的性質應該為　倒立縮小的實像　；生活中人們使用的　照相機　（選填“放大鏡”“投影儀”“照相機”）就是利用這一成像規律工作的．

③將蠟燭從遠處向凸透鏡靠近時，要在光屏上成清晰的像，光屏應　遠離　（選填“靠近”“遠離”）凸透鏡．

（3）小亮在實驗中還發現凸透鏡對光能起會聚作用，所以生活中可用它來矯正　近視　（選填“近視”“遠視”）．

【考點】凸透鏡成像規律及其探究實驗．

【分析】（1）要知道在實驗中，為使燭焰的像能成在光屏的中心，需要調整凸透鏡和光屏的高度，使它們的中心位置跟燭焰中心的位置大致在同一高度；（1）根據（2）凸透鏡成像的三種情況和應用進行判斷：

u＞2f，成倒立、縮小的實像，應用于照相機和攝像機．

2f＞u＞f，成倒立、放大的實像，應用于幻燈機和投影儀．

u＜f，成正立、放大的虛像，應用于放大鏡和老花鏡．

凸透鏡成實像時，物距減小，像距增大，像增大．

（3）遠視眼成因，遠處物體反射來的光線通過晶狀體折射后形成的物像，就會落在視網膜的后方造成的．遠視矯正方法，需佩戴凸透鏡．凸透鏡對光線起會聚作用，生活中可用它來矯正遠視眼

【解答】解：（1）為使燭焰像能成在光屏的中央，需要使凸透鏡、燭焰、光屏的中心大致在同一高度處．

（2）①實驗3，u=v=2f=10cm，成倒立、等大的實像，所以凸透鏡的焦距是：f=5cm．

②實驗2，u＞2f，成倒立、縮小的實像．生活中人們使用的照相機就是利用這一成像規律工作的；

③將蠟燭靠近透鏡時，物距減小，為使光屏上再次出現清晰的像，像距要變大，所以將光屏遠離透鏡．

（3）凸透鏡對光有會聚作用，遠視眼是晶狀體曲度變小，會聚能力減弱，像呈在視網膜的后方，應佩戴會聚透鏡，即凸透鏡，使光線提前會聚，像正好呈在視網膜上．

故答案為：（1）同一高度；（2）①5；②倒立縮小的實像；照相機；③遠離；（3）遠視．

22．小琳設計了如圖所示的兩種裝置來探究“冰熔化時溫度的變化規律”．

（1）為了使試管中的冰受熱均勻，且便于記錄各時刻的溫度值，小琳應選　2　圖（選填“1”或“2”）裝置來進行實驗．

（2）小琳每隔相同時間記錄一次溫度計的示數，圖3是她根據記錄的數據繪制的溫度﹣時間圖象，根據圖象可知：冰屬于　晶體　（選填“晶體”或“非晶體”）；在BC階段物質處于　固液共存　狀態（選填“固體”“液體”“固液共存”）；

（3）設單位時間內物質吸收的熱量相同，試管內冰的質量為0.1kg，則圖3中AB階段該物質共吸收了　4.2×103　 J的熱量（c冰=2.1×103J/kg?℃）；該物質在b點時具有的內能　小于　（選填“大于”“小于”或“等于”）在c點的內能．

（4）試管內的冰完全熔化后，若持續加熱，在標準大氣壓下將得到圖象中的DE段，這段時間內試管中的水　不能　（選填“能”或“不能”）沸騰，是因為　試管中的水不能繼續吸熱　．

【考點】熔化和凝固的探究實驗．

【分析】（1）可從加熱時是否容易使冰均勻受熱角度進行比較；

（2）晶體熔化時溫度保持不變；晶體在熔化前是固態；熔化過程中處于固液混合態；熔化完后處于液態．

（3）利用公式Q=cm△t可計算吸收的熱量；

（4）水沸騰后，溫度不再上升，試管內的水到達沸點后，不能繼續吸熱，不能沸騰．

【解答】解：（1）圖中試管較小，如果直接用酒精燈加熱受熱會不均勻，且溫度上升較快，不便于記錄各時刻的溫度值，可以選用圖2裝置，使冰在空氣中吸熱自行熔化；

（2）由圖可知，冰在熔化過程中，溫度不變，故是晶體；BC階段物質處于熔化過程，為固液共存態；

（3）吸收的熱量為：Q=cm△t=2.1×103J/（kg?℃）×0.1kg×20℃=4.2×103J；物質吸熱，內能變大，物質由b到c的過程中吸熱，內能變大；

（4）由于燒杯內的水沸騰時溫度保持不變，試管內的水雖達到沸點，但不能繼續吸熱，所以不能沸騰．

故答案為：（1）2；（2）晶體；固液共存；（3）4.2×103；小于；（4）不能；試管中的水不能繼續吸熱．

五、計算機（本大題2小題，共13分）

23．如圖是工地上某常見型號履帶式推土機，質量為2×104kg，履帶與地面的總接觸面積為2m2．若推土機在平直場地上作業，在其以1.5m/s的速度勻速前進15m的過程中，它受到的阻力為1×105N．（取g=10N/kg）求：

（1）推土機靜止時對水平面的壓強；

（2）推土機在此過程中做的功；

（3）推土機發動機的功率．

【考點】壓強的大小及其計算；功的計算；功率的計算．

【分析】（1）推土機對水平地面的壓力等于它的重力，由壓強公式p=求出壓強．

（2）推土機勻速行駛，根據二力平衡條件求出推土機受到的牽引力；由W=Fs求出推土機做的功．

（3）由功率公式P===Fv可以求出功率．

【解答】解：（1）推土機對水平面的壓力：

F壓=G=mg=2×104kg×10N/kg=2×105N，

推土機對地面的壓強：

p===1×105Pa；

（2）因為推土機勻速運動，所以推土機受到的牽引力：F=f=1×105N，

推土機在此過程中做的功：

W=Fs=1×105N×15m=1.5×106J；

（3）推土機發動機的功率：

P===Fv=1×105N×1.5m/s=1.5×105W．

答：（1）推土機靜止時對水平面的壓強為1×105Pa；

（2）推土機在此過程中做的功為1.5×106J；

（3）推土機發動機的功率為1.5×105W．

24．如圖1所示是一種電熱水龍頭，圖2是它的電路簡圖．旋轉手柄可使扇形開關S同時接觸兩個相鄰觸點，從而控制流出的水為冷水，溫水或熱水．已知R1R2是電熱絲，R2=44Ω，溫水檔的電功率是2200W．求：

（1）S旋到　2　（選填“0”“1”“2”）位置時，水龍頭流出熱水．

（2）電熱絲R1的阻值是多大？

（3）S旋到熱水檔時，熱水檔消耗的總功率是多少？

（4）在某次使用該電熱水龍頭的過程中，流出的水的水溫隨時間變化關系如圖3所示，則在該次使用過程中消耗的總電能是多少？

【考點】電功率的計算．

【分析】（1）根據開關位置的改變，判斷出電路的連接情況，然后根據電功率公式判斷功率的大小，由此可知熱水或溫水的檔位；

（2）知道溫水功率，利用電功率公式求R1的阻值；

（3）知道R2=55Ω，溫水檔的電功率是2.2kW．歐姆定律分別求出通過電阻的電流，然后根據串聯電路的電流特點求總電流．

（4）根據圖示圖象應用電功公式求出電路消耗的電能．

【解答】解：（1）當開關處于位置1時，只有電阻R1接入電路，電路電阻最大，

由P=可知：此時功率最小，可見此時放出的是溫水；

當開關處于位置2時，電阻R1和R2并聯接入電路，電路電阻最變小，

根據P=可知：此時功率最大，所以此時放出的是熱水；

（2）由P=可知：

R1===22Ω；

（3）S旋到熱水檔時，電阻R1和R2并聯接入電路，

由于I1===10A，I2===5A，

所以，I=I1+I2=10A+5A=15A．

熱水擋功率：P熱水=UI=220V×15A=3300W，

（4）由圖示圖象可知，熱水時間：t1=5min=300s，

溫水時間：

t2=15min﹣5min=10min=600s，

消耗的電能：

W=P熱水t1+P溫水t2=3300W×300s+2200W×600s=2.31×106J；

答：（1）2．

（2）電熱絲R1的阻值22Ω；

（3）S旋到熱水檔時，熱水檔消耗的總功率是3300W；

（4）在該次使用過程中消耗的總電能是2.31×106J．

六、綜合能力題

25．閱讀短文，回答問題：

電熨斗????? 如圖1為生活中常用的電熨斗，圖2是電熨斗結構圖．電熨斗中有一個雙金屬片制成的自動開關，雙金屬片是由長和寬相同的銅片和鐵片組成，且兩金屬片緊緊地鉚在一起，受熱時銅片膨脹得比鐵片大，雙金屬片便向鐵片那邊彎曲，溫度越高，彎曲得越顯著．常溫時，雙金屬片端點的觸點與彈性鋼片上的觸點相接觸．當電熨斗與電源接通時，電熱絲發熱，雙金屬片受熱彎曲，當溫度升高到設定的溫度時，雙金屬片頂端的觸點與彈性鋼片上的觸點分離，電路斷開．電熨斗工作時的溫度可以調節，將調溫旋鈕上的升降螺絲上下調節，雙金屬片和彈性鋼片上的觸點隨之上下移動．雙金屬片彎曲程度不同，金屬底板溫度也就不同．由于衣服的質料不同，熨燙時所需要的溫度也各不相同．一般來說，棉織品比化纖衣服耐高溫．

（1）電熨斗主要是利用了電流的　熱　（選填“熱”“磁”）效應進行工作的；為了安全用電，該電熨斗的電源線插頭應選圖1中的　A　（填“A”“B”）．

（2）如圖3中，兩種雙金屬片中符合電熨斗安裝要求的是　C　（選填“C”或“D”）．

（3）電熨斗通電工作時，若突然斷開電源，兩觸點　不會　（選填“會”“不會”）斷開．

（4）將調溫旋鈕上的升降螺絲下調時，彈性鋼片的彈性勢能　A　．

A．增大? B．減小? C．不變? D．以上都有可能

（5）熨燙完棉織品衣服再熨燙化纖衣服，調溫旋鈕上的升降螺絲　向上　（選填“向上”“向下”“不”）調．

【考點】插座的構造與工作方式；彈力；電流的熱效應、化學效應和磁效應．

【分析】（1）電流通過導體后能產生熱是利用電流的熱效應的原理制成的；為了安全用電，該電熨斗的電源線插頭應選三孔插座；

（2）根據雙金屬片的特點，知道溫度升高時，雙金屬片向膨脹系數小的方向彎曲可做出判斷

（3）觸點的連接情況受溫度控制，只有溫度發生變化時，觸點才會變化；

（4）彈性勢能的大小與物體彈性形變的程度有關，形變程度變大，彈性勢能越大；

（5）一般來說，棉織品比化纖衣物耐高溫，故應使溫度降低，據此判斷升降螺絲的調節方向．

【解答】解：（1）電流通過導體后能產生熱是利用電流的熱效應的原理制成的，即電熨斗主要是利用了電流的熱效應進行工作的；為了安全用電，該電熨斗的電源線插頭應選三孔插座；

（2）由題意知，受熱時銅片膨脹得比鐵片大，雙金屬片便向鐵片那邊彎曲，溫度越高，彎曲得越顯著．常溫時，雙金屬片端點的觸點與彈性銅片上的觸點相接觸．當電熨斗與電源接通時，電熱絲發熱，雙金屬片受熱彎曲，當溫度升高到設定溫度時，雙金屬片頂端的觸點與彈性銅片上的觸點分離，電路斷開．金屬底板散熱，溫度降低，雙金屬片恢復原狀，電路接通．由此判斷，上層為銅片，下層為鐵片，圖C符合要求．

（3）由于觸點的連接情況受溫度控制，電熨斗通電工作時，若突然斷開電源，溫度不會馬上降下來，所以兩觸點不會立即斷開；

（4）由于彈性勢能的大小與物體彈性形變的程度有關，故當將調溫旋鈕上的升降螺絲下調時，彈簧銅片的形變程度變大，所以彈性勢能增大；

（5）由于棉織品比化纖衣物耐高溫，故應使溫度降低，即觸點要較早分離，以限制溫度升高，故應將升降螺絲向上調節．

故答案為：（1）熱；A；（2）C；（3）不會；（4）A；（5）向上．

26．小時為養牛場設計一個牲畜自動喂水器，如圖所示．小明估算出活塞C處水的壓強為1×105Pa，設計進水管口的面積為2cm2，支點O到浮球球心的距離OA為OB的5倍，要求貯水深度為1.2m時，杠桿呈水平狀態，塞子C剛好項住自來水進口，這時浮球有一半浸入水中，此時為貯滿水狀態．（塞子，桿OA、BC及浮球的質量不計，g取10N/kg，水的密度為1×103kg/m3）則：

（1）圖中的水箱和喂水槽同中間的細管組成一個　連通器　；當水箱中的水位下降時，浮球A受到的浮力將　不變　（選填“變大”“變小”“不變”）．

（2）貯滿水時，貯水箱底受到水的壓強為　1.2×104　 Pa；

（3）進水口處的活塞C受到水的壓力為　20　 N

（4）貯滿水時，浮球受到的浮力為　4　 N，浮球的體積為　8×10﹣4　 m3．

【考點】連通器原理；液體的壓強的計算；阿基米德原理．

【分析】（1）上端開口不相連，而底部相連的容器稱為連通器；當漂浮時，浮力等于自身的重力；

（2）已知水的深度，根據公式p=ρgh可求貯水箱底受到水的壓強；

（3）根據公式F=pS可求塞子受到的壓力；

（4）根據杠桿的平衡條件可求受到的浮力，再利用公式F浮=ρ水gV排求出小明選用浮球的體積．

【解答】解：

（1）圖中的水箱和喂水槽通過中間的細管相連，該裝置上端開口，下部連通，所以它們組成了應該連通器；由于浮球始終漂浮在水中，所以浮力始終等于球的重力，由于球的重力不變，所以水位下降時球所受的浮力不變；

（2）水箱底部所受的壓強：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.2m=1.2×104Pa；

（3）活塞C處水的壓強為1×105Pa，由p=可得，進水口處的活塞C受到的水的壓力：

F=p′S=1×105Pa×2×10﹣4m2=20N；

（4）桿OA、BC及浮球的質量不計，根據杠桿平衡條件可得F浮×OA=F壓×OB，

所以浮球受到的浮力：F浮=×F壓=×20N=4N；

又因為F浮=ρ水gV排；

所以V排=；

因為浮球有一半浸入水中，

所以浮球的體積：V=2V排=2×=2×=8×10﹣4m3；

故答案為：（1）連通器；不變；（2）1.2×104；（3）20；（4）4；8×10﹣4．

27．如圖1表示一種自動測定油箱內油面高度的測量表（實際上是量程為0～0.6A的電流表改裝而成的），滑動變阻器R2上標有“45Ω，1A”，金屬杠桿的右端是滑動變阻器的滑片．從油量表指針所指的刻度，就可以知道油箱內油面的高度．電源電壓為12V，R1為定值電阻．

（1）當油箱油面下降時，油量表的示數將　變小　（選填“變大”“變小”“不變”）．

（2）R1的作用是　保護電路（保護電流表、保護電源）　；為使電路安全，定值電阻R1至少為　20　Ω

（3）若實際用的定值電阻R1=15Ω，在保證電路安全的前提下，R1功率允許的變化范圍是　0.6W～4.32W　

（4）改裝設計：用電壓表代替電流表做油量表，在圖2中已畫出部分電路，請在圖中完成電路的設計．要求：油量變化時，電壓表示數的變化情況與接入電流表時相同，且當油量為0時（此時變阻器的滑片正好在其中的一端），電壓表的示數為0V．

【考點】歐姆定律的應用；串聯電路的電壓規律；電阻的串聯．

【分析】（1）如果沒有定值電阻的話，則當油箱中的油越來越多的時候，滑動變阻器的阻值就會越來越小，此時電路中的電流就會越來越大，可能會燒壞電流表；

當油面下降時，電阻變大，根據歐姆定律判斷出電路中電流的變化，得出油量表的變化；

（2）油箱裝滿汽油時，油量表（電流表）示數為最大值0.6A，此時，滑動變阻器的觸頭在電阻最小值一端，R0兩端的電壓等于電源電壓，根據I=求出電阻值；

（3）若實際選用的定值電阻R1=12Ω，根據變阻器的最大電流利用P=I2R求出最大功率，根據串聯電路的特點求出最大阻值，然后根據歐姆定律求出最小電流，利用P=I2R求出最小功率，

（4）用電壓表代替電流表做油量表，當油箱中的油用完時，滑片移到變阻器的最上端，滑動變阻器連入電路的電阻應該為零，此時電壓表與滑動變阻器R并聯，油量表（電壓表）的示數才可能為零．

【解答】解：（1）當油箱中的油面下降時，杠桿逆進針轉動，滑動變阻器接入電路的阻值會變大，根據I=可知，油量表（電流表）的示數會變小；

（2）由電路圖可知，電路中如果沒有定值電阻R1，則當滑動變阻器滑片P滑到下端時，電路會短路，會損壞油量表與電源，由此可見，定值電阻R0的作用是：保護電路（保護電流表、保護電源）；

油箱裝滿汽油時，油量表（電流表）示數為最大值I=0.6A，此時，滑動變阻器的觸頭在電阻最小值一端，R0兩端的電壓等于電源電壓U=12V，根據歐姆定律，其最小阻值R1===20Ω；

（3）因允許通過的最大電流為Imax=0.6A，

由P=UI=I2R得：R1功率的最大值P1max=Imax2R1=（0.6A）2×12Ω=4.32W，

當滑動變阻器阻值最大時，

R=R1+R2=15Ω+45Ω=60Ω，

由歐姆定律，Imin===0.2A，

由P=UI=I2R得：R1功率的最小值P1min=Imin2R1=（0.2A）2×15Ω=0.6W；

故R1功率允許的變化范圍為0.6W～4.32W．

（4）當油面下降時，滑片P向上運動，滑動變阻器接入電路的阻值減小，根據歐姆定律可知，電流將增大．

根據公式U=IR，可以確定定值電阻R0兩端的電壓隨著電流的增大而增大．電源電壓不變，由于定值電阻兩端電壓的增大會導致滑動變阻器兩端的電壓減小．所以要將電壓表與滑動變阻器并聯，才能出現當油面下降時，電壓表的示數也減小的情況，且油箱中的油用完時，油量表（電壓表）的示數為零．電路圖如下：

故答案為：（1）變小；（2）保護電路（保護電流表、保護電源）；20；（3）0.6W～4.32W；（4）見上圖．